A
B
B
C
C
C
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C
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A
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B
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B
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C
C
B
B
B
A
D
B
B
A
C
A B C C
A C D
A D
BCD
BCD都是常用的网络互连设备,A不是。
常用的网络互连设备有中继器、网桥、路由器和网关。
D
B
D
B
C D
A C
C
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B
C
C
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A
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A
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C
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A
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C
A
C
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A
D
B
B
局域网标准化工作制定是:IEEE。
局域网(LAN)的结构主要有三种类型:以太网(Ethernet)、令牌环(Token Ring)、令牌总线(Token Bus)以及作为这三种网的骨干网光纤分布数据接口(FDDI)。它们所遵循的都是IEEE(美国电子电气工程师协会)制定的以802开头的标准。
IEEE 802系列标准是IEEE 802 LAN/MAN 标准***会制定的局域网、城域网技术标准。其中最广泛使用的有以太网、令牌环、无线局域网等。
IEEE 802.1 :局域网体系结构、寻址、网络互联和网络
IEEE 802.1A:概述和系统结构
IEEE 802.1B:网络管理和网络互连
IEEE 802.2 :逻辑链路控制子层(LLC)的定义。
IEEE 802.3 :以太网介质访问控制协议 (CSMA/CD)及物理层技术规范 [2]。
IEEE 802.4 :令牌总线网(Token-Bus)的介质访问控制协议及物理层技术规范。
IEEE 802.5 :令牌环网(Token-Ring)的介质访问控制协议及物理层技术规范。
IEEE 802.6 :城域网介质访问控制协议DQDB (Distributed Queue Dual Bus 分布式队列双总线)及物理层技术规范。
B
B
D
B
C
C
A
A
B
B
A
B
B
D
D
B
A
C
D
A
面向终端的 计算和互联 发展阶段
局域网 广 域网 城域网
报文交换 分组交换 电路交换
检错码 纠错码 CRC
语义 定时 语法
DLESTXABDLEDLESTXCDDLEETX
虚电路 (数据报
A 类 B 类
监听 连接 发送 释放连接
开环控制 闭环控制 通信量整形
向上多路复用 向下多路复用
机械特性 电气特性 功能特性 规程特性
确认 超时
资源共享 数据传输
开放式系统互联 7 网络层
D
曼彻斯特编码的特点:每个比特中间有电平反转
两种方法:
一:
按CIDR,即190.14.72.58 / 26 --- 掩码中192对应前两位,网络位有3*8 + 2 = 26。
网络地址对应主机号全0的ip地址,前26位可写成190.14.64 加上主机全0,答案就是190.14.64.0
二:
公式: ip和掩码按位与(&)。&操作 --- 全1为1,否则为0。和掩码1对应的位置不用算了,就是它本身,即192.14.64.0
已知IP地址是190.14.72.58,子网掩码是255.255.192.0。试求网络地址。(请给出计算过程)
ip二进制: 10101010.00001110.01001000.00111010
子网掩码二进制:11111111.11111111.11000000.00000000
网络地址:10101010.00001110.01000000.00000000->190.14.64.0
A
常用的询问报文分为两种 (1)回送请求和回答 (2)时间戳请求与回答
争用期
以太网端到端的往返时延 2t 称为 争用期 ,又称为碰撞窗口。以太网取 51.2u 争用期的长度,并规定凡长度小于 64 字节的帧都是无效帧 。
201.56.10000100.0/24
201.56.10000101.0/24
201.56.10000110.0/24
201.56.10000111.0/24
前22位相同,即可聚合为
201.56.10000100.0/22
即 201.56.132.0/22
C
本题目主要考查了“ISO/OSI参考模型”。 ISO OSI/RM模型中,清晰地定义了服务、接口和协议三个概念; 接口:相邻两层之间交互的界面(interface); 服务:某一层及其以下各层的一种功能,通过接口提供给其直接相邻上层; 协议:通信双方在通信中必须遵守的规则。
D
[解析] 在路由器互联的多个局域网的结构中,路由器处于网络层,使分组以最快、最便宜、最直接的路由通过网上的不同通道,提供网络层上的协议转换,每个局域网的网络层及以上高层协议相同,数据链路层与物理层协议可以不同。因此选择答案D正确。
基本原理原则:CSMA/CD—载波侦听多路访问/冲突检测,是一种在共享介质条件下多点通讯的有效手段,其基本规则如下:
(1)若介质空闲,传输;否则,转2);
(2)若介质忙,一直监听到信道空闲,然后立即传输;
(3)若在传输中测得冲突,则发出一个短小的人为干扰(jamming)信号,使得所有站点都知道发生了冲突并停止传输;
(4)发完人为干扰信号,等待一段随机的时间后,再次试图传输,回到1)重新开始。
总之,我们可以从三点来理解CSMA/CD:
1.CS:载波侦听。
在发送数据之前进行监听,以确保线路空闲,减少冲突的机会。
2.MA:多址访问。
每个站点发送的数据,可以同时被(包含自己在内的站)多个站点接收。
3.CD:冲突检测。
边发送边检测,发现冲突就停止发送,然后延迟一个随机时间之后继续发送。
10Mb/s 120Mb
半双工平均带宽:速率*1,容量=交换机对数(24/2)*速率
答案:C
子网掩码255.255.255.240最后一字节化为二进制表示为11110000
可以看出IP地址的前三字节以及第四字节的前四位代表子网号
由于是C类IP,前三字节代表网络号,所以子网位数占四位
子网数目为2^4=16,
主机数目为2^4-2=14,减去2的原因是全0和全1不能使用
调频 调幅 调相
星形 总线型 环形 树 形
双绞线 同轴电缆 光纤
01111100111110101111
静态路由算法 动态路由算法
100M 基带传输的三类音频线构成的以太网
传统 快速
2t
误码率
按端口 MAC 地址 按协议 按组播
存储转发式 切入式 改进切入式
监听状态 发送状态 旁通
B
D
B
A
B
A
C
4 应用 网络接口层
IP MAC 端口 域名
SMTP POP3/IMAP
10M/s
10M/s
32 128
距离矢量路由 链路状态路由 距离矢量路由
UDP IP
C
D
D
D
A
C
D
B
B
A
A
D
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C
A
C
A
C
C
A
MAC
SMTP POP3 IMAP
D
D
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A
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B
C
D
B
B
C
A
A
C
C
D
B
A
B
C
D
A
A
B
A
C
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B
C
A
B
B
C
C
A
C
A
C
A
B
C
C
C
B
A
C
C
A
D
D
C
B
D
D
C
D
由于子网掩码未知,故选D。
C
从组的使用范围来分,可以分为三种:全局组、本地域组和通用组。
C
B
B
B
A
B
A
D
Internet实现了分布在世界各地的各类网络的互联,其最基础和核心的协议是TCP/IP。TCP/IP协议是Internet上的计算机为了能相互进行数据交换而制定的一系列规则、约定和标准。
HTTP:超文本传输协议,用于从网络传输超文本数据到本地浏览器的传送协议,保证高效而准确的传送超文本文档。
IPX/SPX:全称顺序包交换协议的组合,它是Novell公司为了适应网络的发展而开发的通信协议,具有很强的适应性,安装方便,同时还具有路由功能,可以实现多网段间的通信。其中,IPX协议负责数据包的传送;SPX负责数据包传输的完整性。
X .25:分组交换网;
A
B
B
A
B
D
A
C
B
C
A
A
D
D
C
A
C
A
解法一:
这个问题其实就是个解方程的问题.
k1(-1,-1,-1,1,1,-1,1,-1)+k2(-1,-1,1,-1,1,1,1,-1)+k3(-1,1,-1,1,1,1,-1,-1)+k4(-1,1,-1,-1,-1,1,-1)=(-1,1,-3,1,-1,-3,1,1)
这里k1,k2,k3,k4可以取值-1,0,1.
可以得到8个方程,然后解出方程组,就知道了.事实上,我们只需要几个方程就可以解出来了.
第一个数字 -k1-k2-k3-k4=-1
第二个数字 -k1-k2+k3+k4=1
两式相加,得-2k1-2k2=0--->k1=-k2,k3+k4=1.
第三个数字-k1+k2-k3-k4=-3--->-(-k2)+k2-(k3+k4)=-3--->2k2-1=-3--->k2=-1
所以k1=1
第4个数字,k1-k2+k3-k4=1--->1-(-1)+(1-k4)-k4=1,k4=1,因此k3=0.
所以不需要解出所有8个方程,我们已经知道了k1=k4=1,k2=-1,k3=0.
这就说明A,D发送了源码,B发送了反码,C没有发送任何代码.
解法二:
令我们要接受的码片序列为S
我们只要分别计算 S·a,S·b,S·c,S·d
S·T = 1/m ∑ ST
S·a = 1/8(-1,1,-3,1,-1,-3,1,1)(-1 ,-1, -1 ,1 ,1, -1 ,1 ,1) = 1
S·b = -1
S·c = 0
S·d = 1
所以答案为A
不同站的码片序列正交,值为0,
任何一个码片向量和该码片向量自己的规格化内积都是1,
和该码片反码的向量的规格化为-1。
A
C
B
C
D
D
C
D
D
C
C
A
C
C
A
C
D
B
D
C
B
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C
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C
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B
C
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C
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C
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C
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A
B
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BCD
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C
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D
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C
B
B
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C
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B
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C
B
B
B
B
B
C
D
C
网络的主要性能指标:时延,带宽。 网络传输媒体:双绞线,同轴电缆,光纤。双绞线的集合就是网线,光纤性能最好,但光信号不能直接使用,要转换成电信号,再使用双绞线短距离传输
A
A
D
A
C
B
C
C
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D
A
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C
C
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C
C
因特网组管理协议 IGMP 为了使路由器知道组播组成员的信息。
A
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C
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C
对称密码和非对称密码
C
C
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C
A
A
B
D
C
B
A
D
D
发送时延10-7s
传播时延3×10-7s
总时延4×10-7s
D
C
C
B
D
B
A
C
B
B
D
D
A
C
A
C
C
B
D
B
D
D
B
考查奈氏准则和香农定理。
采用 4 个相位,每个相位有 4 种幅度的 QAM 调制方法,每个信号可以有 16 种变化,传输 4bit 的数据。根据奈奎斯特定理,信息的最大传输速率为 2×3K×4=24Kbps。
C
B
B
B
D
B
D
D
C
B
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B
B
D
A
C
C
C
B
D
A
C
A
B
A
C
B
B
C
C
B
C
C
D
C
C
C
C
D
A
答案:D
广播是在局域网中进行的,如ARP报文就是以广播形式发送的,
路由器的构建局域网的设备,不同路由器直接可以为不同局域网段
一个局域网内的广播报文不会通过路由器到达另一个局域网中
B
C
A
B
D
C
B
D
D
D
C
A
C
A
D
C
B
C
D
C
B
C
A
C
C
B
B
D
C
B
A
D
B
B
A
A
B
D
B
A
D
A
B
C
D
B
D
B
B
A
D
C
考查后退 N 帧协议的工作原理。
在后退 N 帧协议中,发送方可以连续发送若干个数据帧,如果收到接收方的确认帧则可以继续发送。若某个帧出错,接收方只是简单的丢弃该帧及其后所有的后续帧,发送方超时后需重传该数据帧及其后续的所有数据帧。这里要注意,连续 ARQ 协议中,接收方一般采用累积确认的方式,即接收方对按序到达的最后一个分组发送确认,因此题目中收到 3 的确认帧就代表编号为 0、1、2、3 的帧已接收,而此时
发送方未收到 1 号帧的确认只能代表确认帧在返回的过程中丢失了,而不代表 1 号帧未到达接收方。因此需要重传的帧为编号是 4、5、6、7 的帧。
A
考查交换机的工作原理。
交换机实质上是一个多端口网桥,工作在数据链路层,数据链路层使用物理地址进行转发,而转发通常都是根据目的地址来决定出端口。
D
考查 CSMA/CD 协议的工作原理。
首先由例 8 可知,若最短帧长减少,而数据传输速率不变,则需要使冲突域的最大距离变短来实现争用期的减少。争用期是指网络中收发结点间的往返时延,因此假设需要减少的最小距离为 s,单位是 m,则可以得到下式(注意单位的转换):2×[s/(2×10^8)]=800/(1×10^9),因此可得 s=80,即最远的两个之间的距离最少需要减少 80m。
D
A
考查 FTP 协议的特点。
FTP 协议是基于传输层 TCP 协议的。FTP 的控制连接使用端口 21,用来传输控制信息(如连接请求,传送请求等),数据连接使用端口 20,用来传输数据。
D
C
B
C
D
A
B
D
B。【解析】主机所在网络的网络地址可以通过主机的 IP 地址和子网掩码逐位相与得到。 子网掩码 255.255.192.0 的二进制前 18 位为 1、 后 14 位为 0, 把主机1P地址的后 14 位变为 0, 得到的结果为 183.80.64.0, 即为主机所在网络的网络地址。
D。【解析】默认网关可以理解为离当前主机最近的路由器的端口地址,所以是 192:168.1.62,而该主机的子网掩码和网关的子网掩码也相同,/27 即为 255.255.255.224。
B。【解析】SDN 对上层开发者提供的编程接口称为北向接口, 而南向接口则负责控制平面和数据平面间的通信,所以 SDN 控制器向数据平面的 SDN 交换机下发流表时使用南向接口。
D。【解析】TCP 连接的释放过程如下图所示。 题目问的是最少时间,所以当服务器 S 收到客户 C 发送的 FIN 请求 后不再发送数据,而是立马发送 FIN 请求(即第@步和第@步同时发生,忽略FIN-WAIT-2和CLOSE-WAIT状态)。 C收到S发来的FIN报文段后, 进入CLOSED状态还需等到兀ME-WAIT结束, 总用时至少为IRTT+ 2MSL = 50 + 800x 2 = 1650ms。 S进入CLOSED状态需要经过3次报文段的传输时间, 即l.5RTT= 75ms。
B。【解析】HTTP/1.1默认使用流水线的持久连接,所有请求都是连续发送的。 题目要求最少时间,最理想的流程是 TCP在第三次握手的报文段中捎带HTTP请求,以及TCP连接后慢开始阶段不考虑拥塞情况。 假设接收方有足够大的缓存空间, 即发送窗口等同于拥塞窗口, 总共需要经过:第1个RTT, 进行TCP连接, 此时服务器S的发送窗口 =lMSS, 并在第三次握手时捎带HTTP请求;第2个RTT,服务器S发送大小为lMSS的html文件, 主机C确认后服务器S的发送窗口变为2MSS;第3个RTT, 服务器S发送大小为2MSS的图像文件,主机C确认后服务器S的发送窗口变为4MSS;第4个RTT, 服务器S发送剩下的lMSS图像文件, 完成传输, 总共需要4个RTT, 即40ms。
1)设备1选择IOOBaseT以太网交换机,设备2选择100BaseT集线器。因为物理层设备既不能隔离冲突域也不能隔离广播域, 链路层设备可以隔离冲突域但不能隔离广播域。
2)假设H2与H3之间的最远距离是D, 根据CSMNCD协议的工作原理有
最短帧长=总线传播时延x数据传输速率x2
本题中由于使用100BaseT局域网标准, 所以 数据传输速率 为100Mbps, 总线传播时延由两部分组成, 一 部分是信号传播时延 , 另一部分是信号通过设备 2 时产生的额外l.51µs时间延迟。代入公式为64B = (1.51µs + D/(2x10^8m/s))x100Mbps, 注意单位换算, 最终解
得D=210m。
3) M是DHCP 发现报文(DISCOVER报文)。路由器E0 接口能收到封装M的以太网帧,由于H4 发送的DHCP发现报文是广播的形式,所以同一个广播域内的所有设备和接口都可以收到该以太网帧。由千是广播帧, 所以目的MAC地址是全1, s 向DHCP服务器转发
的封装M的以太网帧的目的MAC地址是FF-FF-FF-FF-FF-FF 。
4)在H5收到的帧中 , 地址1、地址2 和地址3分别是00-11-11-11-11-El、00-11-11-11-11-C1 和00-11-11-11-11-Dl 。 该帧来自A P, 地址l代表接收端的地址, 地址2代表 AP的地址,地址3 是发送端的地址。
参考答案:B
答案解析:虚电路服务需要有建立连接过程,每个分组使用短的虚电路号,属于同一条虚电路的分组按照同 一路由进行转发,分组到达终点的顺序与发顺顺序相同,可以保证有序传输,不需要为每条虚电路预分配带 宽。
参考答案:C
答案解析:网络层设备路由器可以隔离广播域和冲突域,链路层设备普通交换机只能隔离冲突域,物理层设 备集线器、中继器既不能隔离冲突域也不能隔离广播域。题中共有 2 个广播域,4 个冲突域。
参考答案:D
答案解析:发送数据帧和确认帧的时间分别为 800ms,800ms。发送周期为 T=800+200+800+200=2000ms。采 用停止-等待协议,信道利用率为 800/2000=40%。
参考答案:A
答案解析:为了尽量避免碰撞,802. 11 规定,所有的站在完成发送后,必须再等待一段很短的时间(继续监 听)才能发送下一帧。这段时间通称为帧间间隔 IFS (InterFrame Space)。帧间间隔的长短取决于该站要发 送的帧的类型。IEEE 802.11 推荐使用 3 种帧间隔(IFS),以便ᨀ 供基于优先级的访问控制。DIFS(分布式 协调 IFS):最长的 IFS,优先级最低,用于异步帧竞争访问的时延。PIFS(点协调 IFS):中等长度的 IFS, 优先级居中,在 PCF 操作中使用。SIFS(短 IFS):最短的 IFS,优先级最高,用于需要立即响应的操作。 网络中的控制帧以及对所接收数据的确认帧都采用 SIFS 作为发送之前的等待时延。当结点要发送数据帧时, 载波监听到信道空闲时,需等待 DIFS 后发送 RTS 预约信道,,IFS1 对应的帧间隔 DIFS,时间最长,图中 IFS2,IFS3,IFS4 对应 SIFS。
参考答案:C
答案解析:在不出现拥塞的前提下,拥塞窗口从 8KB 增长到 20KB 所需的最长时间(由于慢开始门限可以根 据需求设置 所以这里面为了求最长时间 可以假定在慢开始门限小于等于 8KB,这样由 8KB-20KB 的过程中 都是加法增大),考虑拥塞窗口达到 8KB 时,以后的每个轮次拥塞窗口逐次加 1,需 12X2=24ms 后达到 20KB 大小。也有同学反馈:题目是从 8k-32k,那么答案就选 D。
参考答案:C
答案解析:主机甲与主机乙建立 TCP 连接时发送的 SYN 段中的序号为 1000,,则在数据数据传输阶段所用 序号起始为 1001,在断开连接时,甲发送给乙的 FIN 段中的序号为 5001,在无任何重传的情况下,甲向乙 已经发送的应用层数据的字节数为 5001-1001=4000。
参考答案:D
答案解析:忽略各种时延情况下,最短时间,即本地域名服务器存在域名与 IP 地址映射关系,仅需主机向 本地域名服务器递归查询一次 10ms,传送数据 10ms,最短时间共需 20ms;最长时间即本地域名服务器不存 在域名与 IP 地址映射关系,需向本地域名服务器递归查询一次后,迭代查询各级域名服务器 3 次,需 40ms, 传送数据 10ms,最长时间共需 50ms。
题目解析:
(1)路由器 R2 开启 NAT 服务,当路由器 R2 从 WAN 口收到来自 H2 或 H3 发送过来的 数据根据 NAT 转换表发送给 WEB 服务器对应端口。R2 的 NAT 转换表可设置如下:
(2)
H2 发送 P 的源 IP 地址:192.168.1.2 目的 IP 地址 203.10.2.2
R3 转发后 P 的源 IP 地址:203.10.2.6 目的 IP 地址:203.10.2.2
R3 转发后 P 的源 IP 地址:203.10.2.6 目的 IP 地址:192.168.1.2
C
A
B
B
B
C
D
B
【答案要点】
(1)设备1:路由器,设备2:以太网交换机,设备3:以太网交换机
(2)设备1的接口需要配置IP地址;设备1的IFI、IF2和IF3接口的IP地址分别是:192.168.1.254、192.168.1.1和192.168.1.65。
(3)R需要提供NAT服务
(4)主机H4会接收该数据报。
答案解析
(1)对于规模较大的网络,OSPF 〈Open Shortest Path First〉协议通常是更好的选择。RIP(Routamg Information Protocol)协议虽然配置简单,但在大型网络中可能无法很好地扩展。RIP协议的跳数限制为15跳,超过这个跳数的路出器将被视为不可达。而OSPF协议可以处理更复杂的拓扑,并且具有更快的收敛时间。
AS4规模较大,自治系统内任意两个主机间通信,经过路由器数量可能超过20个。所以我们应该选择OSPF内部网关协议。
(2)AS3规模较小,自治系统内任意两个主机间通信,经过路由器数不超过15个,所以TTL设置16比较合适
IP数据报头部中有个TTL字段,TTL是 time to live的缩写,即生存时间。其单位不是秒或分钟等具体时间。而是代表一个IP数据报可以经过的最大路由数。IP数据报每经过一个路由器,它的值就减1,当此值为0时该数据报就会被丢弃。同时发送ICMP报文通知源主机。TTL的初始值是由发送该数据报的源主机设置的,不同操作系统TTL的初始值不同,比如Windows的TTL的初始值是128,而Linux的初始值大多是64.
(3)至少需要60s,具体的流程如下:
我们以R14为起点,首先经过30s向R11和R15交换一次最新的距离向量,然后再经过30s,R11向R12交换一次最新的距离向量,R15向R13和R16交换一次最新的距离向量,这样R11~R16路由器均获到达网络210.2.4.0/24的正确路由
(4)1. 边界网关协议(BGP)根据数据的路由位置分为内部BGP和外部BGP,外部BGP路由器将自治系统连接到全局互联网。但是,大型自治系统本身由内部较小的自治系统组成。内部 BGP在系统内路由数据。
所以R44和R13属于2个不同的自治系统,使用外部RGP协议完成会话
2.Update更新报文
BGP-4主要有下面几类报文类型;
OPEN(打开报文,用来和相邻的BGP区城边界路由器建立关系,进行通信初始化。
UPDATE(更新)报文,用来通告路由信息,以及列出需要更新的多条路由。
KEEPALIVE(保话〉报文,用来周期性的证实邻站的连通性。
NOTIFICATION(通知)报文。用来发送检测到的差错。
3.R13,R14和R15都在同一个自治系统。所以使用内部 BGP(iBGP〉会话。
(5)在无策略约束的情况下路由器R14和R15会选择AS路径最短的路由。所以
R14最近的路由器是R11和R15,R15已经能够和R14通信了,所以跳转到R11
R15最近的路由器是R14和R13,R15已经能够和R14通信了,所以跳转到R13
参考解析
H1和H2两端的最大传输速率为10Mbps
虽然中间的路由器最大传输速率为1000Mbps。但是根据木桶效应。最大传输速率已经被H1和H2两端传输速率限制住了,所以H1到H2的最大吞吐量约为10Mbps
参考解析
在HTTP/1.0协议中,如果浏览器不支持并行TCP连接,那么每个请求〈包括主页面和每个图像文件)都需要单独建立一个TCP连接"。每个TCP连接的建立都需要一个往返时间(RTT),因此,对于主页面和7个图像文件的请求,总共需要8个RTT.
此外,每个TCP连接在数据传输完成后都需要关闭,关团连接也需要一个RTT。因此。对于主页面和7个图像文件的请求,关闲连接总共需要再加上8个RTT.
所以,从浏览器为传输Web页请求建立TCP连接开始,到接收完所有内容为止,所需要的往返时间RTT数至少是8(建立连接)+8(关闭连接)=16.
因此,正确答案是(D.16).